준영이는 매일 서울에서 포천까지 출퇴근을 한다. 하지만 잠이 많은 준영이는 늦잠을 자 포천에 늦게 도착하기 일쑤다. 돈이 많은 준영이는 고민 끝에 K개의 도로를 포장하여 서울에서 포천까지 가는 시간을 단축하려 한다.
문제는 N개의 도시가 주어지고 그 사이 도로와 이 도로를 통과할 때 걸리는 시간이 주어졌을 때 최소 시간이 걸리도록 하는 K개의 이하의 도로를 포장하는 것이다. 도로는 이미 있는 도로만 포장할 수 있고, 포장하게 되면 도로를 지나는데 걸리는 시간이 0이 된다. 또한 편의상 서울은 1번 도시, 포천은 N번 도시라 하고 1번에서 N번까지 항상 갈 수 있는 데이터만 주어진다.
첫 줄에는 도시의 수 N(1 ≤ N ≤ 10,000)과 도로의 수 M(1 ≤ M ≤ 50,000)과 포장할 도로의 수 K(1 ≤ K ≤ 20)가 공백으로 구분되어 주어진다. M개의 줄에 대해 도로가 연결하는 두 도시와 도로를 통과하는데 걸리는 시간이 주어진다. 도로들은 양방향 도로이며, 걸리는 시간은 1,000,000보다 작거나 같은 자연수이다.
첫 줄에 K개 이하의 도로를 포장하여 얻을 수 있는 최소 시간을 출력한다.
weights
배열을 2차원으로 만들어서 각각의 도로까지 오는데 걸린 비용이 포장되지 않았을 때, 1번 포장 되었을 때, 2번 포장되었을 때, k번 포장되었을 때를 담도록 한다.import sys, heapq
def dijkstra(start):
heap, INF, cnt = [], sys.maxsize, 0
weights = [[INF] * (k+1) for _ in range(n+1)]
heapq.heappush(heap, (0, start, cnt))
weights[start][cnt] = 0
while heap:
weight, node, cnt = heapq.heappop(heap)
if weights[node][cnt] < weight:
continue
for next_node, cost in adj[node]:
tmp = weight + cost
if weights[next_node][cnt] > tmp:
weights[next_node][cnt] = tmp
heapq.heappush(heap, (tmp, next_node, cnt))
if cnt < k and weights[next_node][cnt+1] > weight:
# 여기서 도로 포장!
weights[next_node][cnt+1] = weight
heapq.heappush(heap, (weight, next_node, cnt+1))
return min(weights[n])
n, m, k = map(int, input().split())
adj = [[] for _ in range(n+1)]
for _ in range(m):
a, b, c = map(int, sys.stdin.readline().split())
adj[a].append((b,c))
adj[b].append((a,c))
print(dijkstra(1))