[Lv.2 / Programmers / Java] 거리두기 확인하기

거리두기 확인하기

문제 설명

개발자를 희망하는 죠르디가 카카오에 면접을 보러 왔습니다.

코로나 바이러스 감염 예방을 위해 응시자들은 거리를 둬서 대기를 해야하는데 개발 직군 면접인 만큼
아래와 같은 규칙으로 대기실에 거리를 두고 앉도록 안내하고 있습니다.

1. 대기실은 5개이며, 각 대기실은 5x5 크기입니다.
2. 거리두기를 위하여 응시자들 끼리는 맨해튼 거리1가 2 이하로 앉지 말아 주세요.
3. 단 응시자가 앉아있는 자리 사이가 파티션으로 막혀 있을 경우에는 허용합니다.

5개의 대기실을 본 죠르디는 각 대기실에서 응시자들이 거리두기를 잘 기키고 있는지 알고 싶어졌습니다. 자리에 앉아있는 응시자들의 정보와 대기실 구조를 대기실별로 담은 2차원 문자열 배열 places가 매개변수로 주어집니다. 각 대기실별로 거리두기를 지키고 있으면 1을, 한 명이라도 지키지 않고 있으면 0을 배열에 담아 return 하도록 solution 함수를 완성해 주세요.

제한 사항

• places의 행 길이(대기실 개수) = 5
  • places의 각 행은 하나의 대기실 구조를 나타냅니다.
• places의 열 길이(대기실 세로 길이) = 5
• places의 원소는 P,O,X로 이루어진 문자열입니다.
• places 원소의 길이(대기실 가로 길이) = 5
  • P는 응시자가 앉아있는 자리를 의미합니다.
  • O는 빈 테이블을 의미합니다.
  • X는 파티션을 의미합니다.
    입력으로 주어지는 5개 대기실의 크기는 모두 5x5 입니다.
• return 값 형식
  • 1차원 정수 배열에 5개의 원소를 담아서 return 합니다.
  • places에 담겨 있는 5개 대기실의 순서대로, 거리두기 준수 여부를 차례대로 배열에 담습니다.
  • 각 대기실 별로 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있으면 1을, 한 명이라도 지키지 않고 있으면 0을 담습니다.

예시

• 첫 번째 대기실

No.	0	1	2	3	4
0	P	O	O	O	P
1	O	X	X	O	X
2	O	P	X	P	X
3	O	O	X	O	X
4	P	O	X	X	P

모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

• 두 번째 대기실

No.	0	1	2	3	4
0	P	O	O	P	X
1	O	X	P	X	P
2	P	X	X	X	O
3	O	X	X	X	O
4	P	O	O	P	P

• (0, 0) 자리의 응시자와 (2, 0) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.

• (1, 2) 자리의 응시자와 (0, 3) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.

• (4, 3) 자리의 응시자와 (4, 4) 자리의 응시자가 거리두기를 지키고 있지 않습니다.

• 세 번째 대기실

No.	0	1	2	3	4
0	P	X	O	P	X
1	O	X	O	X	P
2	O	X	P	O	X
3	O	X	X	O	P
4	P	X	P	O	X

• 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

• 네 번째 대기실

No.	0	1	2	3	4
0	O	O	O	X	X
1	X	O	O	O	X
2	O	O	O	X	X
3	O	X	O	O	X
4	O	O	O	O	O

• 대기실에 응시자가 없으므로 거리두기를 지키고 있습니다.

• 다섯 번째 대기실

No.	0	1	2	3	4
0	P	X	P	X	P
1	X	P	X	P	X
2	P	X	P	X	P
3	X	P	X	P	X
4	P	X	P	X	P

• 모든 응시자가 거리두기를 지키고 있습니다.

두 번째 대기실을 제외한 모든 대기실에서 거리두기가 지켜지고 있으므로, 배열 [1, 0, 1, 1, 1]을 return 합니다.

풀이

1. answer 배열을 기본적으로 모든 장소는 거리 규칙을 만족한다고 가정해 1로 초기화한다.
2. P의 좌표를 찾아 너비 우선 탐색을 한다.
   • 이 때 거리 규칙을 만족하지 못하면 answer 배열의 값은 0으로 변경한다.
   • places를 i번 반복할 때마다 방문체크를 위해 visited를 만든다.
3. bfs 진행 시 위치 값과 거리 값을 받아온다. 상하좌우를 방문하지 않은 곳만 돌며 다음 값이 O일 때만 그 다음 방문을 하며 dis를 1씩 늘려준다.
   • X는 벽이므로 O인 경우만 돌며 체크해주면 된다
   • dis가 2 이하일 때 P를 만나면 거리 규칙을 위반하기 때문에 false로 리턴한다.

import java.util.*;

class Solution {
    static int[] dy = {1, 0, -1, 0};
    static int[] dx = {0, 1, 0, -1};
    static boolean[][] visited;
    public int[] solution(String[][] places) {
        int[] answer = new int[places.length];
        
        for(int i=0;  i<places.length; i++) {
            answer[i] = 1;
            visited = new boolean[5][5];
            
            for(int y=0; y<places[i].length; y++) {
                for(int x=0; x<places[i][y].length(); x++) {                    
                    if(places[i][y].charAt(x)=='P') {
                        if(!bfs(y, x, visited, places[i])) {
                            answer[i] = 0;
                        }
                    }
                }
            }
        }
        return answer;
    }
    static boolean bfs(int y, int x, boolean[][] visited, String[] place) {
        Queue<int[]> q = new LinkedList<>();
        q.offer(new int[]{y, x, 0});
        visited[y][x] = true;
        
        while(!q.isEmpty()) {
            int[] cur = q.poll();
            int cy = cur[0];
            int cx = cur[1];
            int dis = cur[2];
            
            if(dis==2) continue;
            
            for(int i=0; i<4; i++) {
                int ny = cy + dy[i];
                int nx = cx + dx[i];
                
                if(ny<0 || nx<0 || ny>=5 || nx>=5 || visited[ny][nx]) continue;
                
                if(place[ny].charAt(nx)=='X') continue;
                
                if(place[ny].charAt(nx)=='P') {
                    return false;
                }
                
                visited[ny][nx] = true;
                q.offer(new int[]{ny, nx, dis+1});
            }
        }
        return true;
    }
}