오늘 풀어본 문제는 프로그래머스 기둥과 보 설치 문제이다. 2020 카카오 공채 1차 시험 문제이고 해당 시험에선 5번인가..? 그랬던 것 같다. 정답률이 굉장히 낮았는데 풀고 보니 역시 경험이 많다면 어렵지 않게 풀 수 있는 문제구나,, 생각이 들었다..!
카카오 코테가 5일 남았다,, 무섭다,,,! ㅜㅡㅜ
프로그래머스 기둥과 보 설치
빙하가 깨지면서 스노우타운에 떠내려 온 "죠르디"는 인생 2막을 위해 주택 건축사업에 뛰어들기로 결심하였습니다. "죠르디"는 기둥과 보를 이용하여 벽면 구조물을 자동으로 세우는 로봇을 개발할 계획인데, 그에 앞서 로봇의 동작을 시뮬레이션 할 수 있는 프로그램을 만들고 있습니다.
프로그램은 2차원 가상 벽면에 기둥과 보를 이용한 구조물을 설치할 수 있는데, 기둥과 보는 길이가 1인 선분으로 표현되며 다음과 같은 규칙을 가지고 있습니다.
- 기둥은 바닥 위에 있거나 보의 한쪽 끝 부분 위에 있거나, 또는 다른 기둥 위에 있어야 합니다.
- 보는 한쪽 끝 부분이 기둥 위에 있거나, 또는 양쪽 끝 부분이 다른 보와 동시에 연결되어 있어야 합니다.
단, 바닥은 벽면의 맨 아래 지면을 말합니다.
2차원 벽면은 n x n 크기 정사각 격자 형태이며, 각 격자는 1 x 1 크기입니다. 맨 처음 벽면은 비어있는 상태입니다. 기둥과 보는 격자선의 교차점에 걸치지 않고, 격자 칸의 각 변에 정확히 일치하도록 설치할 수 있습니다. 다음은 기둥과 보를 설치해 구조물을 만든 예시입니다.
예를 들어, 위 그림은 다음 순서에 따라 구조물을 만들었습니다.
- (1, 0)에서 위쪽으로 기둥을 하나 설치 후, (1, 1)에서 오른쪽으로 보를 하나 만듭니다.
- (2, 1)에서 위쪽으로 기둥을 하나 설치 후, (2, 2)에서 오른쪽으로 보를 하나 만듭니다.
- (5, 0)에서 위쪽으로 기둥을 하나 설치 후, (5, 1)에서 위쪽으로 기둥을 하나 더 설치합니다.
- (4, 2)에서 오른쪽으로 보를 설치 후, (3, 2)에서 오른쪽으로 보를 설치합니다.
만약 (4, 2)에서 오른쪽으로 보를 먼저 설치하지 않고, (3, 2)에서 오른쪽으로 보를 설치하려 한다면 2번 규칙에 맞지 않으므로 설치가 되지 않습니다. 기둥과 보를 삭제하는 기능도 있는데 기둥과 보를 삭제한 후에 남은 기둥과 보들 또한 위 규칙을 만족해야 합니다. 만약, 작업을 수행한 결과가 조건을 만족하지 않는다면 해당 작업은 무시됩니다.
벽면의 크기 n, 기둥과 보를 설치하거나 삭제하는 작업이 순서대로 담긴 2차원 배열 build_frame이 매개변수로 주어질 때, 모든 명령어를 수행한 후 구조물의 상태를 return 하도록 solution 함수를 완성해주세요.
입출력
- n은 5 이상 100 이하인 자연수입니다.
- build_frame의 세로(행) 길이는 1 이상 1,000 이하입니다.
- build_frame의 가로(열) 길이는 4입니다.
- build_frame의 원소는 [x, y, a, b]형태입니다.
- x, y는 기둥, 보를 설치 또는 삭제할 교차점의 좌표이며, [가로 좌표, 세로 좌표] 형태입니다.
- a는 설치 또는 삭제할 구조물의 종류를 나타내며, 0은 기둥, 1은 보를 나타냅니다.
- b는 구조물을 설치할 지, 혹은 삭제할 지를 나타내며 0은 삭제, 1은 설치를 나타냅니다.
- 벽면을 벗어나게 기둥, 보를 설치하는 경우는 없습니다.
- 바닥에 보를 설치 하는 경우는 없습니다.
- 구조물은 교차점 좌표를 기준으로 보는 오른쪽, 기둥은 위쪽 방향으로 설치 또는 삭제합니다.
- 구조물이 겹치도록 설치하는 경우와, 없는 구조물을 삭제하는 경우는 입력으로 주어지지 않습니다.
- 최종 구조물의 상태는 아래 규칙에 맞춰 return 해주세요.
- return 하는 배열은 가로(열) 길이가 3인 2차원 배열로, 각 구조물의 좌표를 담고있어야 합니다.
- return 하는 배열의 원소는 [x, y, a] 형식입니다.
- x, y는 기둥, 보의 교차점 좌표이며, [가로 좌표, 세로 좌표] 형태입니다.
- 기둥, 보는 교차점 좌표를 기준으로 오른쪽, 또는 위쪽 방향으로 설치되어 있음을 나타냅니다.
- a는 구조물의 종류를 나타내며, 0은 기둥, 1은 보를 나타냅니다.
- return 하는 배열은 x좌표 기준으로 오름차순 정렬하며, x좌표가 같을 경우 y좌표 기준으로 오름차순 정렬해주세요.
- x, y좌표가 모두 같은 경우 기둥이 보보다 앞에 오면 됩니다.
| n | build_frame | result |
|---|---|---|
| 5 | [[1,0,0,1],[1,1,1,1],[2,1,0,1],[2,2,1,1], [5,0,0,1],[5,1,0,1],[4,2,1,1],[3,2,1,1]] | [[1,0,0],[1,1,1],[2,1,0],[2,2,1], [3,2,1],[4,2,1],[5,0,0],[5,1,0]] |
| 5 | [[0,0,0,1],[2,0,0,1],[4,0,0,1],[0,1,1,1], [1,1,1,1],[2,1,1,1],[3,1,1,1],[2,0,0,0], [1,1,1,0],[2,2,0,1]] | [[0,0,0],[0,1,1],[1,1,1],[2,1,1], [3,1,1],[4,0,0]] |
나의 풀이
결론부터 말하자면 온전히 나의 풀이로 해결하지는 못하였다.
처음 시도했던 나의 방법은 3차원 배열 wall 을 선언하여 [x,y] 에 기둥이 설치된다면 wall[x][y][0] = true, 보가 설치된다면 wall[x][y][1] = true 와 같이 처리하고 삭제하려 할 땐 해당 구조물이 삭제될 수 있는지를 판단하여 가능하면 wall[x][y][0] / wall[x][y][1] = false 와 같이 처리 해 주려 하였다.
하지만 이 중 해당 구조물이 삭제 될 수 있는지를 처리하는 부분에서 모든 경우의 수를 커버하는것에 실패 했고 당연히 통과할 수 없었다.
공식 해설에서도 조건대로 구현하기만 하면 된다는 말 뿐이었기에 효율적으로 구현하는 방법을 찾아보았고 굉장히 간단하게 해결하신 포스팅을 발견했다!!
방법은 훨씬 단순하다. 삭제하라면 삭제하고, 설치 하라면 설치 하는데 삭제/설치 이후에 현재 남아있는 모든 구조물들이 괜찮은지 확인한다. 확인하는 조건은 문제에 나와있는 그대로 이다.
기둥은 바닥 위에 있거나 보의 한쪽 끝 부분 위에 있거나, 또는 다른 기둥 위에 있어야 합니다.
보는 한쪽 끝 부분이 기둥 위에 있거나, 또는 양쪽 끝 부분이 다른 보와 동시에 연결되어 있어야 합니다.
단, 바닥은 벽면의 맨 아래 지면을 말합니다.하지만 의문점이 당연히 생긴다. 시간적으로 커버가 가능한가?? 한가지의 구조물이 있는지 찾기 위해 매번 n개의 구조물을 다 순회 해야 하는 것이 아닌가?
이 점을 해결하기 위해서 이 분은 <set> 자료구조를 사용하셨다. 선형 탐색을 피해 탐색 시간을 아끼고 까다로운 경우의 수를 고민할 필요 없이 단순하게 구현할 수 있었다.
알고리즘 자체는 매우 간단한데 왜 생각하지 못했나,, 싶은데,, <set> 이라는 자료구조 사용에 아직 익숙하지 않아서가 아닐까,, 싶다,,
경험이다 역시..! 경험!!!
코드
#include <vector>
#include <set>
using namespace std;
set<vector<int>> buildings;
bool isSafe(){
for (auto frag : buildings) {
if (frag[2]==0){ // 기둥 설치 조건
if (frag[1]==0) continue; // 바닥에
//보의 한쪽 위
if (buildings.find({frag[0], frag[1], 1}) != buildings.end() || buildings.find({frag[0]-1, frag[1], 1}) != buildings.end()) continue;
// 다른 기둥 위
if (buildings.find({frag[0], frag[1]-1, 0}) != buildings.end()) continue;
return false;
}else{ // 보 설치 조건
// 한쪽 끝이 기둥 위
if (buildings.find({frag[0], frag[1]-1, 0}) != buildings.end() || buildings.find({frag[0]+1, frag[1]-1, 0}) != buildings.end()) continue;
// 다른 양쪽 끝이 다른 보와 연결
if (buildings.find({frag[0]-1, frag[1], 1}) != buildings.end() && buildings.find({frag[0]+1, frag[1], 1}) != buildings.end()) continue;
return false;
}
}
return true;
}
vector<vector<int>> solution(int n, vector<vector<int>> build_frame) {
vector<vector<int>> answer;
for(int i=0; i<build_frame.size(); i++){
vector<int> fragment = {build_frame[i][0],build_frame[i][1], build_frame[i][2]};
if (build_frame[i][3] == 1){
buildings.insert(fragment);
if (!isSafe()){
buildings.erase(fragment);
}
}else{
buildings.erase(fragment);
if (!isSafe()){
buildings.insert(fragment);
}
}
}
for (auto frag : buildings){
answer.push_back(frag);
}
return answer;
}