[백준/C++] 7569 - 토마토

정승우·2021년 2월 28일
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[백준/C++] BOJ 공부

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문제링크: https://www.acmicpc.net/problem/7569

문제


철수의 토마토 농장에서는 토마토를 보관하는 큰 창고를 가지고 있다. 토마토는 아래의 그림과 같이 격자모양 상자의 칸에 하나씩 넣은 다음, 상자들을 수직으로 쌓아 올려서 창고에 보관한다.

창고에 보관되는 토마토들 중에는 잘 익은 것도 있지만, 아직 익지 않은 토마토들도 있을 수 있다. 보관 후 하루가 지나면, 익은 토마토들의 인접한 곳에 있는 익지 않은 토마토들은 익은 토마토의 영향을 받아 익게 된다. 하나의 토마토에 인접한 곳은 위, 아래, 왼쪽, 오른쪽, 앞, 뒤 여섯 방향에 있는 토마토를 의미한다. 대각선 방향에 있는 토마토들에게는 영향을 주지 못하며, 토마토가 혼자 저절로 익는 경우는 없다고 가정한다. 철수는 창고에 보관된 토마토들이 며칠이 지나면 다 익게 되는지 그 최소 일수를 알고 싶어 한다.

토마토를 창고에 보관하는 격자모양의 상자들의 크기와 익은 토마토들과 익지 않은 토마토들의 정보가 주어졌을 때, 며칠이 지나면 토마토들이 모두 익는지, 그 최소 일수를 구하는 프로그램을 작성하라. 단, 상자의 일부 칸에는 토마토가 들어있지 않을 수도 있다.

입력


첫 줄에는 상자의 크기를 나타내는 두 정수 M,N과 쌓아올려지는 상자의 수를 나타내는 H가 주어진다. M은 상자의 가로 칸의 수, N은 상자의 세로 칸의 수를 나타낸다. 단, 2 ≤ M ≤ 100, 2 ≤ N ≤ 100, 1 ≤ H ≤ 100 이다. 둘째 줄부터는 가장 밑의 상자부터 가장 위의 상자까지에 저장된 토마토들의 정보가 주어진다. 즉, 둘째 줄부터 N개의 줄에는 하나의 상자에 담긴 토마토의 정보가 주어진다. 각 줄에는 상자 가로줄에 들어있는 토마토들의 상태가 M개의 정수로 주어진다. 정수 1은 익은 토마토, 정수 0 은 익지 않은 토마토, 정수 -1은 토마토가 들어있지 않은 칸을 나타낸다. 이러한 N개의 줄이 H번 반복하여 주어진다.

토마토가 하나 이상 있는 경우만 입력으로 주어진다.

출력


여러분은 토마토가 모두 익을 때까지 최소 며칠이 걸리는지를 계산해서 출력해야 한다. 만약, 저장될 때부터 모든 토마토가 익어있는 상태이면 0을 출력해야 하고, 토마토가 모두 익지는 못하는 상황이면 -1을 출력해야 한다.

풀이


#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue>
using namespace std;

int arr[100][100][100];
queue< pair<pair<int, int>, int>> q;

int dx[6] = { 0, 0, 1, -1, 0, 0 };
int dy[6] = { 1, -1, 0, 0, 0, 0 };
int dh[6] = { 0, 0, 0, 0, 1, -1 };

int ans = 0;

bool checkTomato(const int& a, const int& b, const int& c) {
	for (int i = 0; i < c; i++) {
		for (int j = 0; j < b; j++) {
			for (int k = 0; k < a; k++) {
				if (arr[j][k][i] == 0) {
					return false;
				}
			}
		}
	}

	return true;
}

void bfs(const int& a, const int& b, const int& c) {
	while (!q.empty()) {
		int size = q.size();

		for (int i = 0; i < size; i++) {
			int x = q.front().first.first;
			int y = q.front().first.second;
			int h = q.front().second;
			q.pop();

			for (int j = 0; j < 6; j++) {
				int nx = x + dx[j];
				int ny = y + dy[j];
				int nh = h + dh[j];

				// std::cout << nx << " " << ny << " " << nh << "\n";

				if (nx >= 0 && ny >= 0 && nh >= 0 && nx < b && ny < a && nh < c) {
					if (arr[nx][ny][nh] == 0) {
						arr[nx][ny][nh] = 1;
						q.push(make_pair(make_pair(nx, ny), nh));
					}
				}
			}

			if (q.size() == 0) {
				if (checkTomato(a, b, c)) {
					cout << ans << "\n";
					return;
				}
				else {
					cout << -1 << "\n";
					return;
				}
			}
		}

		ans++;
	}
}

int main() {
	ios::sync_with_stdio(false);
	cout.tie(NULL);
	cin.tie(NULL);

	int M;
	int N;
	int H;
	cin >> M >> N >> H;

	bool isripe = true;
	
	for (int i = 0; i < H; i++) {
		for (int j = 0; j < N; j++) {
			for (int k = 0; k < M; k++) {
				cin >> arr[j][k][i];
				
				if (arr[j][k][i] == 0) {
					isripe = false;
				}
				
				if (arr[j][k][i] == 1) {
					q.push(make_pair(make_pair(j, k), i));
				}
			}
		}
	}

	if (isripe) {
		cout << 0 << "\n";
	}
	else {
		bfs(M, N, H);
	}

	return 0;
}

배열에 값을 받고, 그 값들이 모두 익었으면 바로 0을 출력한다.
그렇지 않으면 bfs를 queue가 빌 때까지 돌린다.
그 때, 다 돌면 checkTomato()함수를 사용해 토마토가 익었으면 정답을 출력하고 아니면 -1을 출력한다.

노트


이 풀이는 오래 고민해도 답이 안 나오기에 다른 블로그 들의 풀이를 조금 참고했다.
bfs가 익숙해진 것 같으면서도 세부 풀이가 오래 걸렸다.
특히 nx, ny등의 범위를 먼저 확인 해주고, 그 범위 안의 값이면 값을 비교해야하는데 arr[nx][ny][nh] == 0 조건을 범위 확인하는 코드 앞에 쓰니 런타임에러가 떴다.
범위에 유의해서 코드를 작성하자.

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